Question Number 98788 by Ar Brandon last updated on 16/Jun/20
$$\underset{\mathrm{n}\rightarrow\infty} {\mathrm{lim}}\frac{\mathrm{1}}{\mathrm{n}}\left[\:\left(\mathrm{n}+\mathrm{1}\right)\left(\mathrm{n}+\mathrm{2}\right)…\left(\mathrm{n}+\mathrm{n}\right)_{} ^{} \right]^{\frac{\mathrm{1}}{\mathrm{n}}} \\ $$
Answered by Ar Brandon last updated on 16/Jun/20
Answered by mathmax by abdo last updated on 16/Jun/20
$$\mathrm{A}_{\mathrm{n}} =\frac{\mathrm{1}}{\mathrm{n}}\left(\prod_{\mathrm{k}=\mathrm{1}} ^{\mathrm{n}} \:\left(\mathrm{n}+\mathrm{k}\right)\right)^{\frac{\mathrm{1}}{\mathrm{n}}} \:\Rightarrow\mathrm{ln}\left(\mathrm{A}_{\mathrm{n}} \right)\:=−\mathrm{ln}\left(\mathrm{n}\right)\:+\frac{\mathrm{1}}{\mathrm{n}}\mathrm{ln}\left(\prod_{\mathrm{k}=\mathrm{1}} ^{\mathrm{n}} \left(\mathrm{n}+\mathrm{k}\right)\right) \\ $$$$=−\mathrm{ln}\left(\mathrm{n}\right)\:+\frac{\mathrm{1}}{\mathrm{n}}\sum_{\mathrm{k}=\mathrm{1}} ^{\mathrm{n}} \:\mathrm{ln}\left(\mathrm{n}+\mathrm{k}\right) \\ $$$$=−\mathrm{ln}\left(\mathrm{n}\right)\:+\frac{\mathrm{1}}{\mathrm{n}}\:\sum_{\mathrm{k}=\mathrm{1}} ^{\mathrm{n}} \left(\mathrm{ln}\left(\mathrm{n}\right)\:+\mathrm{ln}\left(\mathrm{1}+\frac{\mathrm{k}}{\mathrm{n}}\right)\right)\:=\frac{\mathrm{1}}{\mathrm{n}}\:\sum_{\mathrm{k}=\mathrm{1}} ^{\mathrm{n}} \:\mathrm{ln}\left(\mathrm{1}+\frac{\mathrm{k}}{\mathrm{n}}\right)\rightarrow\int_{\mathrm{0}} ^{\mathrm{1}} \:\mathrm{ln}\left(\mathrm{1}+\mathrm{x}\right)\mathrm{dx} \\ $$$$\mathrm{and}\:\int_{\mathrm{0}} ^{\mathrm{1}} \:\mathrm{ln}\left(\mathrm{1}+\mathrm{x}\right)\mathrm{dx}\:=\left[\mathrm{xln}\left(\mathrm{1}+\mathrm{x}\right)\right]_{\mathrm{0}} ^{\mathrm{1}} \:−\int_{\mathrm{0}} ^{\mathrm{1}} \:\frac{\mathrm{x}}{\mathrm{1}+\mathrm{x}}\mathrm{dx} \\ $$$$=\mathrm{ln}\left(\mathrm{2}\right)−\int_{\mathrm{0}} ^{\mathrm{1}} \:\frac{\mathrm{x}+\mathrm{1}−\mathrm{1}}{\mathrm{1}+\mathrm{x}}\mathrm{dx}\:=\mathrm{ln}\left(\mathrm{2}\right)−\mathrm{1}\:+\mathrm{ln}\left(\mathrm{2}\right)\:=\mathrm{2ln}\left(\mathrm{2}\right)−\mathrm{1}\:\Rightarrow \\ $$$$\mathrm{lim}_{\mathrm{n}\rightarrow+\infty} \:\mathrm{A}_{\mathrm{n}} =\mathrm{e}^{\mathrm{2ln}\left(\mathrm{2}\right)−\mathrm{1}} \:=\frac{\mathrm{4}}{\mathrm{e}} \\ $$