Question Number 103190 by bemath last updated on 13/Jul/20
$$\underset{\pi/\mathrm{4}} {\overset{\pi/\mathrm{2}} {\int}}\mathrm{ln}\left(\mathrm{ln}\left(\mathrm{tan}\:{x}\right)\right)\:{dx}\: \\ $$
Answered by abdomathmax last updated on 13/Jul/20
$$\mathrm{ln}\left(\mathrm{tanx}\right)\:=\mathrm{t}\:\Rightarrow\:\mathrm{I}\:=\int_{\frac{\pi}{\mathrm{4}}} ^{\frac{\pi}{\mathrm{2}}} \mathrm{ln}\left(\mathrm{ln}\left(\mathrm{tanx}\right)\right)\mathrm{dx} \\ $$$$\mathrm{tanx}\:=\mathrm{e}^{\mathrm{t}\:} \:\Rightarrow\mathrm{x}\:=\mathrm{arctan}\left(\mathrm{e}^{\mathrm{t}} \right)\:\Rightarrow \\ $$$$\mathrm{I}\:=\int_{\mathrm{0}} ^{+\infty} \:\mathrm{ln}\left(\mathrm{t}\right)\:×\frac{\mathrm{e}^{\mathrm{t}} }{\mathrm{1}+\mathrm{e}^{\mathrm{2t}} }\:\mathrm{dt}\:=\int_{\mathrm{0}} ^{\infty} \:\frac{\mathrm{e}^{\mathrm{t}} \mathrm{ln}\left(\mathrm{t}\right)}{\mathrm{1}+\mathrm{e}^{\mathrm{2t}} }\mathrm{dt} \\ $$$$=\int_{\mathrm{0}} ^{\infty} \:\frac{\mathrm{e}^{−\mathrm{t}} \:\mathrm{ln}\left(\mathrm{t}\right)}{\mathrm{1}+\mathrm{e}^{−\mathrm{2x}} }\:\mathrm{dt}\:=\int_{\mathrm{0}} ^{\infty} \:\mathrm{e}^{−\mathrm{t}} \mathrm{ln}\left(\mathrm{t}\right)\left(\sum_{\mathrm{n}=\mathrm{0}} ^{\infty\:} \left(−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{n}\:} \:\mathrm{e}^{−\left(\mathrm{nt}\right.} \right)\mathrm{dt} \\ $$$$=\sum_{\mathrm{n}=\mathrm{0}} ^{\infty} \:\left(−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{n}\:} \:\int_{\mathrm{0}} ^{\infty} \:\mathrm{e}^{−\left(\mathrm{n}+\mathrm{1}\right)\mathrm{t}} \mathrm{ln}\left(\mathrm{t}\right)\mathrm{dt} \\ $$$$\mathrm{A}_{\mathrm{n}} =\int_{\mathrm{0}} ^{\infty} \:\mathrm{e}^{−\left(\mathrm{n}+\mathrm{1}\right)\mathrm{t}} \:\mathrm{ln}\left(\mathrm{t}\right)\mathrm{dt}\:=_{\left(\mathrm{n}+\mathrm{1}\right)\mathrm{t}=\mathrm{u}} \:\int_{\mathrm{0}} ^{\infty} \mathrm{e}^{−\mathrm{u}} \mathrm{ln}\left(\frac{\mathrm{u}}{\mathrm{n}+\mathrm{1}}\right)\frac{{du}}{{n}+\mathrm{1}} \\ $$$$=\frac{\mathrm{1}}{{n}+\mathrm{1}}\:\int_{\mathrm{0}} ^{\infty} \:\left\{{e}^{−{u}} {ln}\left({u}\right)−{e}^{−{u}} {ln}\left({n}+\mathrm{1}\right)\right){du} \\ $$$$=−\frac{\gamma}{\mathrm{n}+\mathrm{1}}−\frac{\mathrm{ln}\left(\mathrm{n}+\mathrm{1}\right)}{\mathrm{n}+\mathrm{1}}\:\int_{\mathrm{0}} ^{\infty} \mathrm{e}^{−\mathrm{u}\:} \mathrm{du} \\ $$$$=−\frac{\gamma}{\mathrm{n}+\mathrm{1}}−\frac{{ln}\left({n}+\mathrm{1}\right)}{{n}+\mathrm{1}}\:\Rightarrow \\ $$$$\mathrm{I}\:=−\gamma\:\sum_{\mathrm{n}=\mathrm{0}} ^{\infty\:} \:\frac{\left(−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{n}} }{\mathrm{n}+\mathrm{1}}\:−\sum_{\mathrm{n}=\mathrm{0}} ^{\infty} \:\frac{\left(−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{n}} }{\mathrm{n}+\mathrm{1}}{ln}\left({n}+\mathrm{1}\right) \\ $$$$\sum_{\mathrm{n}=\mathrm{0}} ^{\infty} \frac{\left(−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{n}} }{\mathrm{n}+\mathrm{1}}\:=\sum_{\mathrm{n}=\mathrm{1}} ^{\infty\:} \:\frac{\left(−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{n}−\mathrm{1}} }{\mathrm{n}}\:=\mathrm{ln}\left(\mathrm{2}\right) \\ $$$$\sum_{\mathrm{n}=\mathrm{0}} ^{\infty} \:\frac{\left(−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{n}} }{\mathrm{n}+\mathrm{1}}\mathrm{ln}\left(\mathrm{n}+\mathrm{1}\right)\:=\sum_{\mathrm{n}=\mathrm{1}} ^{\infty} \:\frac{\left(−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{n}−\mathrm{1}} }{\mathrm{n}}\mathrm{ln}\left(\mathrm{n}\right) \\ $$$$\Rightarrow\mathrm{I}\:=−\gamma\mathrm{ln}\left(\mathrm{2}\right)\:+\sum_{\mathrm{n}=\mathrm{1}} ^{\infty} \:\frac{\left(−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{n}} \mathrm{lnn}}{\mathrm{n}} \\ $$$$…\mathrm{be}\:\mathrm{continued}… \\ $$
Commented by abdomathmax last updated on 13/Jul/20
$$\mathrm{i}\:\mathrm{dont}\:\mathrm{remember}\:\mathrm{the}\:\mathrm{value}\:\mathrm{of}\:\sum_{\mathrm{n}=\mathrm{1}} ^{\infty} \:\frac{\left(−\mathrm{1}\right)^{\mathrm{n}} \mathrm{ln}\left(\mathrm{n}\right)}{\mathrm{n}} \\ $$$$\mathrm{take}\:\mathrm{a}\:\mathrm{look}\:\mathrm{at}\:\mathrm{the}\:\mathrm{platform}… \\ $$